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-4-第1课时函数的单调性A级:“四基”巩固训练一、选择题1.如图是函数y=f(x)的图象则此函数的单调递减区间的个数是()A.1B.2C.3D.4答案B解析由图象可知函数y=f(x)的单调递减区间有2个.故选B.2.若函数y=(2k+1)x+b在(-∞+∞)上单调递减则()A.k>eq\f(12)B.k<eq\f(12)C.k>-eq\f(12)D.k<-eq\f(12)答案D解析当2k+1=0时不符合题意∴2k+1≠0由一次函数的单调性可知2k+1<0即k<-eq\f(12).3.若函数y=f(x)是定义域为R的增函数且f(2m)>f(-m+9)则实数m的取值范围是()A.(-∞-3)B.(0+∞)C.(3+∞)D.(-∞-3)∪(3+∞)答案C解析因为函数y=f(x)是定义域为R的增函数且f(2m)>f(-m+9)所以2m>-m+9即m>3.4.若y=f(x)是定义域为R的减函数对于x1<0x2>0则()A.f(-x1)>f(-x2)B.f(-x1)<f(-x2)C.f(-x1)=f(-x2)D.无法确定答案B解析因为x1<0x2>0所以-x1>-x2又y=f(x)是定义域为R的减函数所以f(-x1)<f(-x2).5.函数y=x2+x+1(x∈R)的单调递减区间是()A.eq\b\lc\[\rc\)(\a\vs4\al\co1(-\f(12)+∞))B.[-1+∞)C.eq\b\lc\(\rc\](\a\vs4\al\co1(-∞-\f(12)))D.(-∞+∞)答案C解析y=x2+x+1=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x+\f(12)))2+eq\f(34)其对称轴为x=-eq\f(12)在对称轴左侧单调递减∴当x≤-eq\f(12)时单调递减.故选C.二、填空题6.若在[1+∞)上函数y=(a-1)x2+1与y=eq\f(ax)都单调递减则a的取值范围是________.答案(01)解析由于两函数在(1+∞)上都单调递减应满足eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a-1<0a>0))所以0<a<1.7.设函数f(x)满足:∀x1x2∈R都有(x1-x2)·[f(x1)-f(x2)]>0则f(-3)与f(-π)的大小关系是______.答案f(-3)>f(-π)解析由(x1-x2)[f(x1)-f(x2)]>0可知函数f(x)为增函数.又-3>-π所以f(-3)>f(-π).8.已知函数f(x)=eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a-3x+5x≤1\f(2ax)x>1))是定义域为R的减函数则实数a的取值范围是________.答案(02]解析依题意得实数a应满足eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a-3<02a>0a-3+5≥2a))解得0<a≤2.三、解答题9.证明:函数f(x)=-x3+1是减函数.证明函数f(x)=-x3+1的定义域为R∀x1x2∈R且x1<x2则f(x1)-f(x2)=(-xeq\o\al(31)+1)-(-xeq\o\al(32)+1)=xeq\o\al(32)-xeq\o\al(31)=(x2-x1)(xeq\o\al(22)+x1x2+xeq\o\al(21))=(x2-x1)eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x2+\f(12)x1))2+\f(34)x\o\al(21))).∵x1<x2∴x2-x1>0eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x2+\f(12)x1))2+eq\f(34)xeq\o\al(21)>0∴f(x1)-f(x2)>0∴f(x1)>f(x2)∴函数f(x)=-x3+1是减函数.10.已知函数y=f(x)在[0+∞)上单调递减试比较feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(34)))与f(a2-a+1)的大小.解∵a2-a+1=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(a-\f(12)))2+eq\f(34)≥eq\f(34)∴eq\f(34)与a2-a+1都在区间[0+∞)内.又∵y=f(x)在区间[0+∞)上单调递减∴feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(34)