高中数学：2.2.2《等差数列前n项和》练习（新人教B版必修5）.doc

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等差数列的前n项和·例题解析
【例1】等差数列前10项的和为140，其中，项数为奇数的各项的和为125，求其第6项．
解依题意，得

解得a1=113，d=－22．∴其通项公式为
an=113＋(n－1)·(－22)=－22n＋135
∴a6=－22×6＋135＝3
说明本题上边给出的解法是先求出基本元素a1、d，再求其他的．这种先求出基本元素，再用它们去构成其他元素的方法，是经常用到的一种方法．在本课中如果注意到a6=a1＋5d，也可以不必求出an而

即a6＝3．可见，在做题的时候，要注意运算的合理性．当然要做到这一点，必须以对知识的熟练掌握为前提．
【例4】在1和2之间插入2n个数，组成首项为1、末项为2的等差数列，若这个数列的前半部分的和同后半部分的和之比为9∶13，求插入的数的个数．
解依题意2＝1＋(2n＋2－1)d①

由①，有(2n＋1)d=1 ⑤

∴共插入10个数．
【例5】在等差数列{an}中，设前m项和为Sm，前n项和为Sn，且Sm＝Sn，m≠n，求Sm+n．

且Sm＝Sn，m≠n

∴Sm+n＝0
【例6】已知等差数列{an}中，S3=21，S6=64，求数列｛|an|｝的前n项和Tn．

d，已知S3和S6的值，解方程组可得a1与d，再对数列的前若干项的正负性进行判断，则可求出Tn来．

解方程组得：d＝－2，a1＝9
∴an＝9＋(n－1)(n－2)＝－2n＋11

其余各项为负．数列{an}的前n项和为：
∴当n≤5时，Tn＝－n2＋10n
当n＞6时，Tn＝S5＋|Sn－S5|＝S5－(Sn－S5)＝2S5－Sn
∴Tn＝2(－25＋50)－(－n2＋10n)＝n2－10n＋50

说明根据数列{an}中项的符号，运用分类讨论思想可求｛|an|｝的前n项和．
【例7】在等差数列{an}中，已知a6＋a9＋a12＋a15＝34，求前20项之和．
解法一由a6＋a9＋a12＋a15＝34得4a1＋38d＝34

＝20a1＋190d＝5(4a1＋38d)=5×34=170

由等差数列的性质可得：a6＋a15=a9＋a12＝a1＋a20∴a1＋a20=17
S20＝170
【例8】已知等差数列{an}的公差是正数，且a3·a7=－12，a4＋a6=－4，求它的前20项的和S20的值．
解法一设等差数列{an}的公差为d，则d＞0，由已知可得

由②，有a1＝－2－4d，代入①，有d2=4
再由d＞0，得d＝2∴a1=－10
最后由等差数列的前n项和公式，可求得S20＝180
解法二由等差数列的性质可得：a4＋a6＝a3＋a7即a3＋a7＝－4
又a3·a7=－12，由韦达定理可知：a3，a7是方程x2＋4x－12＝0的二根
解方程可得x1=－6，x2＝2∵d＞0∴{an}是递增数列
∴a3＝－6，a7=2

【例9】等差数列{an}、{bn}的前n项和分别为Sn和Tn，若
[]

∵2a100＝a1＋a199，2b100＝b1＋b199

解法二利用数列{an}为等差数列的充要条件：Sn＝an2＋bn

可设Sn＝2n2k，Tn＝n(3n＋1)k

说明该解法涉及数列{an}为等差数列的充要条件Sn=an2＋bn，由

k是常数，就不对了．
【例10】解答下列各题：
(1)已知：等差数列{an}中a2＝3，a6＝－17，求a9；
(2)在19与89中间插入几个数，使它们与这两个数组成等差数列，并且此数列各项之和为1350，求这几个数；
(3)已知：等差数列{an}中，a4＋a6＋a15＋a17＝50，求S20；
(4)已知：等差数列{an}中，an=33－3n，求Sn的最大值．
分析与解答

a9=a6＋(9－6)d=－17＋3×(－5)=－32
(2)a1=19，an+2=89，Sn+2＝1350

(3)∵a4＋a6＋a15＋a17=50
又因它们的下标有4＋17＝6＋15=21
∴a4＋a17=a6＋a15=25

(4)∵an=33－3n∴a1＝30

∵n∈N，∴当n=10或n=11时，Sn取最大值165．
【例13】等差数列{an}的前n项和Sn＝m，前m项和Sm＝n(m＞n)，求前m＋n项和Sm+n．
解法一设{an}的公差d
按题意，则有

=－(m＋n)
解法二设Sx＝Ax2＋Bx(x∈N)

①－②，得A(m2－n2)＋B(m－n)＝n－m
∵m≠n∴A(m＋n)＋B=－1
故A(m＋n)2＋B(m＋n)＝－(m＋n)
即Sm+n＝－(m＋n)
说明a1，d是等差数列的基本元素，通常是先求出基本元素，再

解的“整体化”思想，在解有关数列题目中值得借鉴．解法二中，由于是等差数列，由例22，故可设Sx=Ax2＋Bx．(x∈N)
【例14】在