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(通用版)2016年高考数学二轮复习专题七数列第2讲数列问题的综合考题溯源教材变式理 真题示例对应教材题材评说(2014·高考课标全国卷Ⅰ,12分)已知{an}是递增的等差数列,a2,a4是方程x2-5x+6=0的根. (1)求{an}的通项公式; (2)求数列eq\b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\co1(\f(an,2n)))的前n项和.(必修5P68复习考题A组T11)数列{an}是等差数列,a1=f(x+1),a2=0,a3=f(x-1),其中f(x)=x2-4x+2,求通项公式an.函数、方程与数列有亲密无间的关系,利用函数、方程的相关知识点为背景产生的数列问题具有生命力极强的特点. [教材变式训练] [变式1](必修5P68B组T2改编)在等比数列{an}中,an>0,eq\f(1,a1),eq\f(1,a2),eq\f(1,a2)+1成等差数列,且a1+2a2=2. (1)求数列{an}的通项公式; (2)设bn=logeq\s\do9(\f(1,2))an,求数列{anbn}的前n项和. 解:(1)设等比数列{an}中公比为q,由an>0知q>0 依题意eq\f(1,a1)+(eq\f(1,a2)+1)=eq\f(2,a2),即a1-a2=a1a2⇒a1q=1-q. 又a1+2a2=2⇒a1+2a1q=2, 由eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(a1q=1-q,a1+2a1q=2)),解得eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(a1=1,q=\f(1,2)))或eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(a1=-2,q=-1))(舍), ∴数列{an}的通项公式为an=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))eq\s\up12(n-1). (2)∵bn=logeq\s\do9(\f(1,2))an=n-1,∴anbn=eq\f(n-1,2n-1), 设数列{anbn}的前n项和为Sn,则 Sn=0+eq\f(1,2)+eq\f(2,22)+eq\f(3,23)+…+eq\f(n-1,2n-1), eq\f(1,2)Sn=eq\f(0,2)+eq\f(1,22)+eq\f(2,23)+…+eq\f(n-2,2n-1)+eq\f(n-1,2n), 相减得eq\f(1,2)Sn=eq\f(1,2)+eq\f(1,22)+eq\f(1,23)+…+eq\f(1,2n-1)-eq\f(n-1,2n) =eq\f(\f(1,2),1-\f(1,2))eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1-\f(1,2n-1)))-eq\f(n-1,2n) =1-eq\f(n+1,2n), ∴Sn=2-eq\f(n+1,2n-1). [变式2](必修5P46A组T6改编)两个等差数列{an}与{bn}的前3项分别为2,6,10与2,8,14,由这两个等差数列的公共项从小到大的顺序构成一个新数列{cn}. (1)求数列{cn}的通项公式; (2)若n<m,且c1,cn,cm成等比数列,求m的最小值. 解:(1)依题意{an}的通项公式为an=4n-2,{bn}的通项公式为bn=6n-4, 设cn=am=bk,则4m-2=6k-4, 即m=eq\f(3k-1,2), ∴3k-1必为偶数,又k∈N*, ∴3k必为奇数, ∴k必为奇数, 设k=2n-1,n∈N*,则m=3n-2, ∴cn=a3n-2=b2n-1=12n-10, 故{cn}的通项公式为cn=12n-10. (2)由(1)知,c1=2,cn=12n-10,cm=12m-10,m>n. 依题意得2(12m-10)=(12n-10)2, ∴m=6eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(n-\f(5,6)))eq\s\up12(2)+eq\f(5,6)(n∈N*). 由二次函数知y=6eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(x-\f(5,6)))eq\s\up12(2)+eq\f(5,6)在eq\b\lc\[\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(5,6),+∞))上单调递增, 又当n=1时m=1与m>n矛盾, 当n=2时,m=6×eq\f(49,36)+eq\f(5,6)=9,满足m>n, ∴所求m的最小值为9. [变式3](必修5P47A组T4改编)已知数列{a