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第Ⅰ卷(共70分)一、填空题:本大题共14个小题,每小题5分,共70分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.投掷两颗相同的正方体骰子(骰子质地均匀,且各个面上依次标有点数1、2、3、4、5、6)一次,则两颗骰子向上点数之积等于12的概率为__▲___.【答案】考点:古典概型及其概率计算公式2.已知某算法的伪代码如图,根据伪代码,若函数g(x)=f(x)﹣m在R上有且只有两个零点,则实数m的取值范围是▲.【答案】【解析】试题分析:分析程序中各变量、各语句的作用,再根据流程图所示的顺序,可知:该程序的作用是计算分段函数的函数值;其函数图象如图所示:又∵函数g(x)=f(x)-m在R上有且只有两个零点,则由图可得m<0或m=1,1考点:伪代码3.如图,空间四边形中,,,,点在上,且,点为中点,则等于▲.(用向量表示)111]【答案】【解析】试题分析:因为空间四边形OABC如图,,,点M在线段OA上,且OM=2MA,N为BC的中点,所以所以1111]考点:向量加减混合运算及其几何意义4.某校现有高一学生210人,高二学生270人,高三学生300人,学校学生会用分层抽样的方法从这三个年级的学生中随机抽取n名学生进行问卷调查,如果已知从高一学生中抽取的人数为7,那么从高三学生中抽取的人数应为▲.【答案】10考点:分层抽样方法5.某人5次上班途中所花的时间(单位:分钟)分别为x,y,10,11,9,已知这组数据的平均数为10,方差为2,则的值为▲.【答案】208【解析】试题分析:由题意可得:x+y=20,,解得则,考点:极差、方差与标准差6.已知为如右图所示的程序框图输出的结果,则二项式的展开式中的常数项是____▲___.(用数字作答)【答案】-540【解析】试题分析:第一次循环:b=3,a=2;第二次循环得:b=5,a=3;第三次循环得:b=7,a=4;第四次循环得:b=9,a=5;不满足判断框中的条件输出b=9.∵的展开式的通项为:令3-r=0得r=3∴常数项为考点:程序框图与二项式定理7.在正四面体ABCD中,点E为BC的中点,F为AD的中点,则异面直线AE与CF所成角的余弦值为▲.1111]【答案】【解析】试题分析:;设正四面体的棱长为1,则1∴异面直线AE与CF所成角的余弦值为1考点:异面直线所成角8.已知的展开式中的系数是-35,则=▲.【答案】1【解析】试题分析:∵,∴.又展开式中的系数是-35,可得,∴m=1.∴.在①,令x=1,m=1时,由①可得,当x=0,m=1时,,即考点:二项式系数的性质9.某一批花生种子,如果每1粒发芽的概率为,那么播下4粒种子至少有2粒发芽的概率是▲.(请用分数表示结果)【答案】【解析】试题分析:由对立事件可知所求概率为考点:独立重复试验10.已知(1+mx)n(m∈R,n∈N*)的展开式的二项式系数之和为32,且展开式中含x3项的系数为80.则(1+mx)n(1-x)6展开式中含x2项的系数为▲.【答案】-5【解析】试题分析:由题意,,则n=5.由通项(r=0,1,…,5),令r=3,可得展开式中含项的系数为,所以m=2.即求展开式中含项的系数,所以展开式中含项的系数为1×15+10×(-6)+40×1=-51考点:二项式系数的性质11.袋中有4只红球3只黑球,从袋中任取4只球,取到1只红球得1分,取到1只黑球得3分,设得分为随机变量ξ,则P(ξ≤7)=▲.(用分数表示结果)【答案】【解析】试题分析:取出的4只球中红球个数的可能为4,3,2,1个,黑球相应个数为0,1,2,3个,∴得分的随机变量ξ=4,6,8,10,∴P(ξ≤7)=P(ξ=4)+P(ξ=6)考点:离散型随机变量的期望与方差12.袋中混装着10个大小相同的球(编号不同),其中6只白球,4只红球,为了把红球与白球区分开来,采取逐只抽取检查,若恰好经过6次抽取检查,正好把所有白球和红球区分出来了,则这样的抽取方式共有▲种.(用数字作答)【答案】7920【解析】试题分析:前6次都是白球有种,前5次有3次红球2次白球,第六次红球有种,所以合计7920种考点:排列、组合的实际应用13.用红、黄、蓝三种颜色去涂图中标号为1、2、…、9的9个小正方形(如图),使得任意相邻(有公共边)的小正方形所涂颜色都不相同,且标号为1、5、9的小正方形涂相同的颜色,则符合条件的所有涂法共有__▲__种.(用数字作答)【答案】108【解析】试题分析:首先看图形中的3,5,7,有3种可能,当3,5,7,为其中一种颜色时,2,6共有4种可能,其中2种2,6是涂相同颜色,各有2种可能,共6种可能.4,8及9,与2,6及1,一样有6种可能并且与2,6,1,颜色无关.当3,5,7换其他的颜色时也是相同的情况符合条件的所有涂法共有3×6×6=108种