2012高考二轮复习专题限时集训：数学（文）第11讲 推理与证明.doc

专题限时集训(十一)[第11讲推理与证明](时间：10分钟＋35分钟)1．“因为指数函数y＝ax是增函数(大前提)，而y＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,4)))x是指数函数(小前提)，所以y＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,4)))x是增函数(结论)”，上面推理的错误是()A．大前提错导致结论错B．小前提错导致结论错C．推理形式错导致结论错D．大前提和小前提错都导致结论错2．用反证法证明命题：“m、n∈N，mn可被3整除，那么m、n中至少有一个能被3整除”时，假设的内容应为()A．m、n都能被3整除B．m、n都不能被3整除C．m、n不都能被3整除D．m不能被3整除3．已知数列{an}满足递推式(n＋1)an＝nan＋1，而a1＝1，通过计算a2，a3，a4，猜想an＝()A．nB.eq\f(2,nn＋1)C.eq\f(n＋1,2)D.eq\f(2,2n－1)4．有一个奇数列1,3,5,7,9，…，现进行如下分组：第1组含有一个数{1}；第二组含有两个数{3,5}；第三组含有三个数{7,9,11}；…，则第n组内各数之和为()A．n2B．n3C．n4D．n(n＋1)1．类比平面内正三角形的“三边相等，三内角相等”的性质，可推知正四面体的下列一些性质，你认为比较恰当的是()①各棱长相等，同一顶点上的任两条棱的夹角相等；②各个面是全等的正三角形，相邻两个面所成的二面角相等；③各个面都是全等的正三角形，同一顶点的任何两条棱的夹角都相等．A．①B．①②C．①②③D．③3．把正整数按一定的规则排成了如图11－2所示的三角形数表．设aij(i，j∈N*)是位于这个三角形数表中从上往下数第i行、从左往右数第j个数，如a42＝8.若aij＝2011，则i与j的和为()124357681012911131517141618202224…图11－2A．105B．106C．107D．1084．集合{1,2,3，…，n}(n≥3)中，每两个相异数作乘积，所有这些乘积的和记为Tn，如：T3＝1×2＋1×3＋2×3＝eq\f(1,2)[62－(12＋22＋32)]＝11，T4＝1×2＋1×3＋1×4＋2×3＋2×4＋3×4＝eq\f(1,2)[102－(12＋22＋32＋42)]＝35，T5＝1×2＋1×3＋1×4＋1×5＋…＋4×5＝eq\f(1,2)[152－(12＋22＋32＋42＋52)]＝85.则T7＝________.(写出计算结果)5．若三角形的内切圆半径为r，三边的长分别为a，b，c，则三角形的面积S＝eq\f(1,2)r(a＋b＋c)，根据类比思想，若四面体的内切球半径为R，四个面的面积分别为S1、S2、S3、S4，则此四面体的体积V＝________.6．已知命题：若数列{an}为等差数列，且am＝a，an＝b(m≠n，m、n∈N*)，则am＋n＝eq\f(bn－am,n－m)；现已知等比数列{bn}(bn>0，n∈N*)，bm＝a，bn＝b(m≠n，m、n∈N*)，若类比上述结论，则可得到bm＋n＝________.7．在数列{an}中，a1＝3，an＝－an－1－2n＋1(n≥2且n∈N*)．(1)求a2，a3的值；(2)证明：数列{an＋n}是等比数列，并求{an}的通项公式；(3)求数列{an}的前n项和Sn.8．已知函数f(x)＝x3，g(x)＝x＋eq\r(x).(1)求函数h(x)＝f(x)－g(x)的零点个数，并说明理由；(2)设数列{an}(n∈N*)满足a1＝a(a>0)，f(an＋1)＝g(an)，证明：存在常数M，使得对于任意的n∈N*，都有an≤M.专题限时集训(十一)【基础演练】1．A【解析】y＝ax是增函数这个大前提是错误的，从而导致结论错．2．B【解析】用反证法证明命题应先否定结论，故选B.3．A【解析】由(n＋1)an＝nan＋1知eq\f(an＋1,an)＝eq\f(n＋1,n)，∴eq\f(a2,a1)＝eq\f(2,1)，eq\f(a3,a2)＝eq\f(3,2)，eq\f(a4,a3)＝eq\f(4,3)，…，eq\f(an,an－1)＝eq\f(n,n－1)，将这n－1个式子相乘，得到an＝n，故选A.4．B【解析】第1组中含有1个数1＝13，第2组中和为3＋5＝8＝23，第3组中和为7＋9＋11＝27＝33，…，由此归纳第n组内各数之和为n3，选B.【提升训练】1．C【解析】由合情推理可知①②③全部正确．2．A【解析】观察可知除第一个以外，每增加一个黑色地面砖，相应的白地面砖就增加四个，因此