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(通用版)2016年高考数学二轮复习专题八立体几何第2讲空间直线与平面的位置关系专题强化训练理 (时间:45分钟满分:60分) 一、选择题 1.已知两个不同的平面α,β和两条不重合的直线a,b,则下列说法正确的是() A.若a∥b,b⊂α,则a∥α B.若a⊂α,b⊂α,a∥β,b∥β,则α∥β C.若α⊥β,α∩β=b,a⊥b,则a⊥β D.若a⊥α,b⊥β,α⊥β,则a⊥b 解析:选D.对于A,根据线面平行的判定,a∥b,b⊂α,则a∥α或a⊂α,故A不正确;对于B,根据面面平行的判定,a,b相交时,α∥β,故B不正确;对于C,根据面面垂直的性质,当a⊂α,α⊥β,α∩β=b,a⊥b时,a⊥β,故C不正确;对于D,若a⊥α,b⊥β,α⊥β,则由直线与平面垂直的性质定理知a⊥b,故D正确.故选D. 2.在正方体ABCD­A1B1C1D1中,M,N,Q分别是棱D1C1,A1D1,BC的中点.P在对角线BD1上,且BP=eq\f(2,3)BD1,则() A.MN∥平面APC B.C1Q⊥平面APC C.A,P,M三点共线 D.平面MNQ∥平面APC 解析:选C.由题知,MN∥AC,连接AM,CN,易得AM,CN交于点P,所以选项A错误,选项C正确;连接AN,易知AN∥C1Q,所以C1Q∥平面ACMN,即C1Q∥平面APC,选项B错误;由题意易知MN⊂平面APC,所以平面MNQ与平面APC相交.故选C. 3.已知a、b为异面直线,点A、B在直线a上,点C、D在直线b上,且AC=AD,BC=BD,则直线a、b所成的角为() A.90° B.60° C.45° D.30° 解析:选A.取CD的中点E,连接AE、BE,因为AC=AD,BC=BD,所以CD⊥BE,CD⊥AE,则CD⊥平面ABE,又AB⊂平面ABE,所以CD⊥AB,即直线a、b所成的角为90°.故选A. 4.在三棱锥S­ABC中,△ABC是边长为6的正三角形,SA=SB=SC=12,平面DEFH分别与AB、BC、SC、SA交于D、E、F、H,且它们分别是AB、BC、SC、SA的中点,如果直线SB∥平面DEFH,那么四边形DEFH的面积为() A.18 B.18eq\r(3) C.36 D.36eq\r(3) 解析:选A.∵D、E、F、H分别是AB、BC、SC、SA的中点, ∴DE∥AC,FH∥AC,DH∥SB,EF∥SB,则四边形DEFH是平行四边形,且HD=eq\f(1,2)SB=6,DE=eq\f(1,2)AC=3. 取AC的中点O,连接OB、SO, ∵SA=SC=12,AB=BC=6, ∴AC⊥SO,AC⊥OB, 又SO∩OB=O, ∴AO⊥平面SOB,∴AO⊥SB, 则HD⊥DE,即四边形DEFH是矩形, ∴四边形DEFH的面积S=6×3=18,故选A. 5.已知正三棱柱ABC­A1B1C1的底面边长为8,侧棱长为6,D为AC的中点,则异面直线AB1与BC1所成角的余弦值为() A.eq\f(1,5) B.eq\f(2\r(6),25) C.eq\f(1,25) D.eq\f(2,5) 解析:选C.如图所示,连接B1C交BC1于E,连接DE, ∵四边形BCC1B1是平行四边形, ∴B1E=EC. 又AD=DC,∴DE∥AB1,则∠DEB或其补角为异面直线AB1与BC1所成的角,在△DEB中,DE=5,BD=4eq\r(3),BE=5, ∴cos∠DEB=eq\f(52+52-(4\r(3))2,2×5×5)=eq\f(1,25). 故选C. 6.正四棱锥S­ABCD中,SA=AB=2,则直线AC与平面SBC所成角的正弦值为() A.eq\f(\r(6),6) B.eq\f(\r(3),3) C.eq\f(\r(3),6) D.eq\f(\r(6),3) 解析:选B.∵正四棱锥S­ABCD中,SA=AB=2, ∴正四棱锥S­ABCD的高为eq\r(2),在三棱锥S­ABC中,S△ABC=2,VS­ABC=eq\f(1,3)×2×eq\r(2)=eq\f(2\r(2),3). 又在三棱锥A­SBC中,S△SBC=eq\r(3), VS­ABC=VA­SBC, ∴三棱锥A­SBC的高h=eq\f(2\r(6),3), ∴直线AC与平面SBC所成角的正弦值为eq\f(h,AC)=eq\f(2\r(6),3×2\r(2))=eq\f(\r(3),3).故选B. 7.如图,在四边形ABCD中,AD∥BC,AD=AB,∠BCD=45°,∠BAD=90°,将△ABD沿BD折起,使平面ABD⊥平面BCD,构成三棱