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PAGE-6-课时作业17指数函数性质的应用时间:45分钟——基础巩固类——一、选择题1.下列判断正确的是(D)解析:∵y=0.9x是减函数,且0.5>0.3,∴0.90.3>0.90.5.2.若函数f(x)=3x+3-x与g(x)=3x-3-x的定义域为R,则(B)A.f(x)与g(x)均为偶函数B.f(x)为偶函数,g(x)为奇函数C.f(x)与g(x)均为奇函数D.f(x)为奇函数,g(x)为偶函数解析:f(-x)=3-x+3x=f(x),f(x)为偶函数,g(-x)=3-x-3x=-g(x),g(x)为奇函数.3.已知f(x)=a-x(a>0,且a≠1),且f(-2)>f(-3),则a的取值范围是(D)A.a>0B.a>1C.a<1D.0<a<1解析:∵f(-2)=a2,f(-3)=a3.f(-2)>f(-3),即a2>a3,故0<a<1.选D.4.定义运算a*b:a*b=eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(a,a≤b,,b,a>b,))如1](C)A.RB.(0,+∞)C.(0,1]D.[1,+∞)解析:由所给信息可得,f(x)=2x*2-x=eq\b\lc\{\rc\(\a\vs4\al\co1(2x,x≤0,,2-x,x>0,))f(x)的图象如图所示,可知函数f(x)的值域为(0,1].5.当x∈(-∞,-1]时,不等式(m2-m)4x-2x<0恒成立,则实数m的取值范围是(C)A.(-2,1)B.(-4,3)C.(-1,2)D.(-3,4)解析:原不等式变形为m2-m<eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))x,∵函数y=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))x在(-∞,-1]上是减函数,∴eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))x≥eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))-1=2,当x∈(-∞,-1]时,m2-m<eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))x恒成立等价于m2-m<2,解得-1<m<2.6.设函数f(x)定义在实数集上,f(1+x)=f(1-x),且当x≥1时,f(x)=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))x,则有(D)A.feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))<f(2)<feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))B.feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))<f(2)<feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))C.feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))<feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))<f(2)D.f(2)<feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))<feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))解析:由f(1+x)=f(1-x),得函数f(x)的图象关于x=1对称,当x≥1时,f(x)=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))x单调递减,则当x≤1时,函数f(x)单调递增,∵f(2)=f(1+1)=f(1-1)=f(0),∴f(0)<feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))<feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2))),即f(2)<feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,3)))<feq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2))).二、填空题7.已知函数f(x)=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))|x-1|,则f(x)的单调递增区间是(-∞,1].解析:法1:由指数函数的性质可知f(x)=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1,2)))x在定义域上为减函数,故要求f(x)的单调递增区间,只需求y=|x-1|的单调递减区间.又y=|x-1|的单调递减区间为(-∞,1],所以f(x)的单调递增区间为(-∞,1].法2:f(x)=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\a