2012届高考二轮生物专项训练 数据计算类.doc

2012届高考二轮生物专项训练数据计算类一、选择题1．现有1000个氨基酸，其中氨基有1020个，羧基有1050个，则由此合成的4条多肽链中共有肽键、氨基、羧基的数目是()。A．996、1016、1046B．996、4、4C．996、24、54D．996、20、50解析在氨基酸分子的脱水缩合过程中，连在同一个C原子上的氨基和羧基，除了两端分别留下一个氨基和羧基外，中间的都成为残基，而R基上的不变。由题目可知，R基上共有20个氨基、50个羧基，再加上4条链上剩下的4个氨基、4个羧基，分别有氨基和羧基24、54个。肽键数＝氨基酸数－肽链数＝1000－4＝996个。答案C2．假设含有一对同源染色体的一个精原细胞的DNA分子全部用15N标记后，该细胞在含有14N的环境中进行减数分裂产生的4个精子中，含有15N标记的DNA的精子所占比例为()。A．0B．25%C．50%D．100%解析经处理的一对同源染色体在细胞分裂过程中，经过染色体复制、联会所形成的四分体中的每一条染色单体均带有放射性，并且一对同源染色体中的4个染色单体最终要分别进入4个子细胞，故4个子细胞均带有放射性。答案D3．利用标志重捕法调查某丘陵地区4km2区域中刺猬的种群密度，第一次捕获并标记50只刺猬，第二次捕获40只刺猬，其中有标记的5只。下列叙述错误的是()。A．标记个体与未标记个体被捕获的概率基本相同B．迁入率和迁出率影响该种群数量变化C．标记符号过分醒目可能增加刺猬被捕食的概率D．该种群的密度大约是400只/km2解析标志重捕法的前提条件就是标记个体与未标记个体被捕捉的概率基本相同；可直接推出B、C两项是正确的；D项没有考虑调查的区域面积是4km2，种群的密度大约是100只/km2。答案D4．已知一条完全标记上15N的DNA分子在只含14N的培养基中经n次复制后，仅含14N的DNA分子总数与含15N的DNA分子总数之比为7∶1，则n是()。A．2B．3C．4D．5解析该DNA分子经过n次复制后得到DNA分子数为2n个，其中有2个DNA分子中各有一条链带有15N标记，故有eq\f(2n－2,2)＝eq\f(7,1)，所以n＝4。答案C5．右图食物网中a表示鸟的食物中动物性食物所占比例，若要使鸟体重增加x，最多需要生产者量为y，那么x与y的关系可表示为()。A．y＝90ax＋10xB．y＝25ax＋5xC．y＝20ax＋5xD．y＝100ax＋10x解析a表示鸟的食物中动物性食物所占比例，则植物性食物占的比例为1－a，当能量传递效率为10%时，消费者增重需生产者最多。能量传递效率按10%计算，则y＝100ax＋10(1－a)x＝90ax＋10x。答案A6．(2011·海滨期末)现有一粒绿色(yy)圆形(Rr)豌豆，它们的相对性状是黄色、皱缩形。已知这两对基因分别位于两对同源染色体上。该豌豆种植并自花受粉结实(称子一代)；子一代未经选择便全都种植，再次自花受粉，收获了n枚子粒(称子二代)。可以预测，这n枚子粒中纯合的绿色、圆形粒约有()。A.eq\f(2n,3)B.eq\f(3n,8)C.eq\f(n,4)D.eq\f(n,8)解析该题只涉及一对等位基因(Rr)，自交2次，子代的杂合率为eq\f(1,22)，而纯合子中圆粒与皱粒相等，故纯合的绿色圆粒为eq\f(1,2)neq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1－\f(1,22)))＝eq\f(3n,8)。答案B7．某生物课外兴趣小组对甲、乙两地土壤中的小型动物类群丰富度进行了调查研究，每次随机取相同体积的甲、乙两地土壤对比研究，结果发现甲地土壤中的小型动物类群平均有18种，个体数平均值是109个，乙地土壤中的小型动物类群平均有15个种，个体数平均值是209个，则甲乙两地土壤中小型动物类群丰富度的大小是()。A．甲＝乙B．甲＜乙C．甲＞乙D．无法确定解析土壤中小型动物类群丰富度的大小由动物种类的多少决定，种类越多丰富度越大，个体的多少决定种群密度的大小。答案C8．生物学中有很多关于“最多”或“最少”的计算，以下是正确计算的为()。A．100倍显微镜下的视野中观察到细胞64个，则放大400倍时最多可看到8个细胞B．正常情况下，水稻(2n＝24)细胞内染色体数最多可为72条C．120个碱基组成的人体DNA分子片段，其种类最多可达4120D．如果草原上生产者所接受照射的总光能为a，那么次级消费者所获能量最多是0.04a解析本题考查学生对生物数据处理分析能力，A项中100倍的显微镜下视野中观察到细胞为64个，放大400倍最多可观察到4个细胞(横、纵都要缩小4倍)；B项中水稻(2n＝24)体内染色体数最多的细胞是胚乳细胞(36条)，它在有丝分裂后期为7