若木块与传送带间的动摩擦因数为μ.ppt

第二节两类动力学问题超重和失重图3－2－1【答案】B1．视重：当物体挂在弹簧测力计下或放在水平台秤上时，弹簧测力计或台秤的示数叫做视重，其大小等于测力计所受物体的
或台秤所受物体的．2．超重、失重与完全失重
2．用力传感器悬挂一钩码沿竖直方向由静止开始运动．如图3－2－2所示中实线是传感器记录的拉力大小变化情况，则()
A．钩码的重力约为4N
B．钩码的重力约为3N
C．a、b、c、d四段图线中，钩码处于超重状态的是a、d，失重状态的是b、c
D．a、b、c、d四段图线中，钩码处于超重状态的是a、b，失重状态的是c、d【解析】求解本题的关键是对图象及超重、失重概念的准确理解．由于初始状态物体静止，所以钩码的重力等于拉力，从图上可读出拉力约为4N，故A正确，B错误；据“超重时拉力大于重力、失重时拉力小于重力”可知，C正确，D错误．

【答案】AC动态变化问题主要研究速度、加速度、合力三个物理量的变化情况．因为加速度决定于合外力，而速度的变化决定于加速度与速度的方向关系，所以处理此类问题的思维程序应如下：先对物体的受力进行分析，再求物体所受的合外力并分析其变化，然后用牛顿第二定律分析加速度的变化，最后根据加速度与速度的方向关系判断速度的变化情况．
动态变化的过程以后还有“机车启动获得最大速度之前的过程”、“电磁感应部分导体棒获得收尾速度前的过程”，这些问题重在分析合力的变化以及潜在的状态(如平衡状态、收尾速度)．(2011·金陵中学质检)如图3－2－3所示，静止在光滑水平面上的物体A，一端靠着处于自然状态的弹簧．现对物体作用一水平恒力，在弹簧被压缩到最短的过程中，物体的速度和加速度的变化情况是【思路点拨】在压缩过程中，弹力逐渐增大，合力先减少后增大，进而可分析加速度、速度的变化．
【自主解答】物体在水平方向上受向左的推力F、弹簧向右的弹力kx，起初合力方向向左、大小为F合＝F－kx，随着x的增大，合力越来越小，由牛顿第二定律可知，加速度越来越小，因加速度与速度同向，故速度越来越大；当弹簧的弹力kx增大到与F相等时，合力为零，加速度为零，速度最大；由于惯性，物体继续向左运动，弹簧向右的弹力大于F，合力方向向右、大小F合＝kx－F，随着x的增大，合力越来越大，加速度越来越大，因加速度与速度反向，故速度减小，D正确．
【答案】D2．牛顿第二定律的应用步骤
分析解答物理学问题必备的六大环节，即：对象、状态、过程、规律、方法和结论．因而应用牛顿第二定律解题的步骤可有以下几个方面：(1)选取研究对象，研究对象可以是单个物体，也可以是多个物体组成的系统，并可把物体视为质点．
(2)确定研究对象的运动状态，画出物体运动情景的示意图，并标明物体运动速度与加速度的方向．
(3)分析研究对象的受力情况，并画出受力分析示意图．
(4)选定合适的方向建立平面直角坐标系，依据牛顿第二定律列出方程，如Fx＝max，Fy＝may.
(5)代入已知条件求解结果并分析其结果的物理意义．如图3－2－4所示，传送带的水平部分ab＝2m，斜面部分bc＝4m，bc与水平面的夹角α＝37°.一个小物体A与传送带的动摩擦因数μ＝0.25，传送带沿图示的方向运动，速率v＝2m/s.若把物体A轻放到a处，它将被传送带送到c点，且物体A不会脱离传送带．求物体A从a点被传送到c点所用的时间．(已知：sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2)【答案】ABD如图3－2－6所示是电梯上升的v－t图线，若电梯的质量为100kg，则承受电梯的钢绳受到的拉力在0～2s之间、2s～6s之间、6s～10s之间分别为多大？(g取10m/s2)
【思路点拨】
本题是已知物体的运动情况求物体的受力情况，电梯的运动情况由图象给出．要学会从已知的v－t图线中找出有关的已知条件．
从图中可以看出电梯的运动情况为先加速、后匀速、再减速，根据v－t图线可以确定电梯的加速度，由牛顿运动定律可列式求解．
【答案】1300N1000N850N【解析】运动员在地面上能举起m0＝120kg的重物，则运动员能发挥的向上的最大支撑力
F＝m0g＝1200N.
(1)在运动着的升降机中只能举起m1＝100kg的重物，可见该重物超重了，升降机应具有向上的加速度，设此加速度为a1，对物体由牛顿第二定律得：F－m1g＝m1a1，解得：a1＝2m/s2.
(2)当升降机以a2＝2.5m/s2的加速度加速下降时，重物失重，设此时运动员能举起的重物质量为m2
对物体由牛顿第二定律得：m2g－F＝m2a2
解得：m2＝160kg.
【答案】(1)2m/s2(2)160kg2．(2010·浙江高考)如图3－2－7所示，A、B两物体叠放在一起，以相同的初速度上抛(不计空气阻力)．下列说法正确的是()
A．在上升和下降过程中A对B的