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PAGE-10- 第3讲空间向量与立体几何 专题强化训练 1.在正方体ABCD­A1B1C1D1中,E,F分别为CD和C1C的中点,则直线AE与D1F所成角的余弦值为() A.eq\f(1,3) B.eq\f(2,5) C.eq\f(3,5) D.eq\f(3,7) 解析:选B.以D为原点,分别以DA、DC、DD1所在直线为x轴、y轴、z轴建立空间直角坐标系(图略).若棱长为2,则A(2,0,0)、E(0,1,0)、D1(0,0,2)、F(0,2,1). 所以eq\o(EA,\s\up6(→))=(2,-1,0),eq\o(D1F,\s\up6(→))=(0,2,-1), cos〈eq\o(EA,\s\up6(→)),eq\o(D1F,\s\up6(→))〉=eq\f(\o(EA,\s\up6(→))·\o(D1F,\s\up6(→)),|\o(EA,\s\up6(→))||\o(D1F,\s\up6(→))|)=eq\f(-2,\r(5)·\r(5))=-eq\f(2,5). 则直线AE与D1F所成角的余弦值为eq\f(2,5). 2.在正方体ABCD­A1B1C1D1中,点E为BB1的中点,则平面A1ED与平面ABCD所成的锐二面角的余弦值为() A.eq\f(1,2) B.eq\f(2,3) C.eq\f(\r(3),3) D.eq\f(\r(2),2) 解析:选B.以A为原点建立如图所示的空间直角坐标系A­xyz,设棱长为1,则A1(0,0,1),Eeq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1,0,\f(1,2))), D(0,1,0), 所以eq\o(A1D,\s\up6(→))=(0,1,-1), eq\o(A1E,\s\up6(→))=eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(1,0,-\f(1,2))), 设平面A1ED的一个法向量为n1=(1,y,z), 则eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(y-z=0,,1-\f(1,2)z=0,))所以eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(y=2,,z=2.)) 所以n1=(1,2,2). 因为平面ABCD的一个法向量为n2=(0,0,1), 所以cos〈n1,n2〉=eq\f(2,3×1)=eq\f(2,3). 即所成的锐二面角的余弦值为eq\f(2,3). 3.(2019·浙江省十校联合体期末联考)在三棱锥O­ABC中,已知OA,OB,OC两两垂直且相等,点P、Q分别是线段BC和OA上的动点,且满足BP≤eq\f(1,2)BC,AQ≥eq\f(1,2)AO,则PQ和OB所成角的余弦的取值范围是() A.eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(\r(2),2),1)) B.eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(\r(3),3),1)) C.eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(\r(3),3),\f(2\r(5),5))) D.eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(\f(\r(2),2),\f(2\r(5),5))) 解析:选B.根据题意,以O为原点,建立如图所示的空间直角坐标系,不妨设OA=OB=OC=2,eq\o(OB,\s\up6(→))=(2,0,0),设 P(x,y,0),Q(0,0,z),因为BP≤eq\f(1,2)BC,AQ≥eq\f(1,2)AO,所以1≤x≤2,0≤y≤1且x+y=2,0≤z≤1,eq\o(PQ,\s\up6(→))=(-x,x-2,z),|cos〈eq\o(OB,\s\up6(→)),eq\o(PQ,\s\up6(→))〉|=eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(\f(\o(OB,\s\up6(→))·\o(PQ,\s\up6(→)),\a\vs4\al(|\o(OB,\s\up6(→))|·|\o(PQ,\s\up6(→))|)))) =eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(\f(-x,\r(2x2-4x+4+z2)))), 当x=1,z=1时,|cos〈eq\o(OB,\s\up6(→)),eq\o(PQ,\s\up6(→))〉|=eq\f(\r(3),3); 当x=2,z=1时,|cos〈eq\o(OB,\s\up6(→)),eq\o(PQ,\s\up6(→))〉