高考物理二轮复习 刷题首选卷 专题九 恒定电流精练（含解析）-人教版高三全册物理试题.doc

专题九恒定电流
『经典特训题组』
1.一根长为L，横截面积为S的金属棒，其材料的电阻率为ρ，棒内单位体积内自由电子数为n，电子的质量为m、电荷量为e，在棒两端加上恒定的电压U，金属棒内自由电子定向移动的平均速率为()

A.eq\f(U,neρL)B.eq\f(US2,neρL)C．neρLD.eq\f(\a\vs4\al(neρSL),U)
答案A
解析根据电流的微观表达式可知I＝nevS，由欧姆定律可得I＝eq\f(U,R)，根据电阻定律可得R＝ρeq\f(L,S)，联立可得v＝eq\f(U,neρL)，故A正确。
2.(多选)某一热敏电阻其阻值随温度的升高而减小，在一次实验中，将该热敏电阻与一小灯泡并联，通电后各自的电流I随所加的电压U变化的图线如图所示，M为两元件的伏安特性曲线的交点。则关于热敏电阻和小灯泡的下列说法中，正确的是()

A．图中图线b是小灯泡的伏安特性曲线，图线a是热敏电阻的伏安特性曲线
B．图中图线a是小灯泡的伏安特性曲线，图线b是热敏电阻的伏安特性曲线
C．图线中的M点，表示该状态小灯泡的电阻大于热敏电阻的阻值
D．图线中M点对应的状态，小灯泡的功率与热敏电阻的功率相等
答案AD
解析热敏电阻电阻值随温度升高而减小，电压增大，电流增大，电流热效应增强，温度升高，所以图线上电压越大的点对应电阻越小，与原点连线应越远离U轴，故图线a表示热敏电阻伏安曲线，小灯泡电阻为金属热电阻，其大小随温度升高而增大，电压越大的点与原点连线应越靠近U轴，所以图线b表示小灯泡的伏安特性曲线，A正确，B错误；M点处，小灯泡和热敏电阻的I、U都相同，根据R＝eq\f(U,I)可得，此时它们的电阻相等，根据P＝UI可得，此时它们的功率相等，故C错误，D正确。
3．用电压表检查如图电路中的故障，测得Uad＝5.0V，Ucd＝0V，Ubc＝0V，Uab＝5.0V，则此故障可能是()

A．L断路 B．R断路
C．R′断路 D．S断路
答案B
解析由Ucd＝0V，Ubc＝0V可知电路为断路故障(电路中无电流)，由测得Uad＝5.0V和Uab＝5.0V可知，b、d两点等电势，电键S、灯泡L、电阻R′均为通路，所以故障可能是R断路，正确选项为B。
4．电源的效率η定义为外电路电阻消耗的功率与电源的总功率之比。在测电源电动势和内电阻的实验中得到的实验图线如图所示，图中U为路端电压，I为干路电流，a、b为图线上的两点，相应状态下电源的效率分别为ηa、ηb，由图可知ηa、ηb的值分别为()

A.eq\f(3,4)、eq\f(1,4)B.eq\f(1,3)、eq\f(2,3)
C.eq\f(1,2)、eq\f(1,2)D.eq\f(2,3)、eq\f(1,3)
答案D
解析根据效率的定义可得电源效率η＝eq\f(UI,EI)＝eq\f(U,E)，E为电源的电动势，根据图象可知Ua＝eq\f(2E,3)，Ub＝eq\f(E,3)，所以ηa、ηb的值分别为eq\f(2,3)、eq\f(1,3)，D正确。
5.某电池对纯电阻供电的输出功率P随电流I变化的图象如图所示，则下列说法正确的是()

A．该电源的电动势E＝2V
B．该电源的内阻r＝1Ω
C．若I＝2A时，则外电阻R＝1Ω
D．同一输出功率P可对应两个不同的电流I1、I2，即对应两个不同的外电阻R1、R2，且r＝R1·R2
答案A
解析对于电源，输出功率P＝EI－I2r＝－req\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(I－\f(E,2r)))2＋eq\f(E2,4r)，当I＝eq\f(E,2r)时，输出功率最大，为P＝eq\f(E2,4r)，结合图象，有eq\f(E,2r)＝2，eq\f(E2,4r)＝2，联立计算得出E＝2V，r＝0.5Ω，所以A正确，B错误；若I＝2A，根据闭合电路欧姆定律，有I＝eq\f(E,R＋r)，计算得出R＝0.5Ω，故C错误；结合图象，同一输出功率P可对应两个不同的电流I1、I2，即对应两个不同的外电阻R1、R2，有eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(E,r＋R1)))2R1＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(E,r＋R2)))2R2，计算得出r2＝R1·R2，故D错误。
6．在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器。当R2的滑动触点在a端时，合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U。现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是()