（课标通用）高考物理一轮复习 02 相互作用 微专题针对训练（含解析）-人教版高三全册物理试题.doc

相互作用微专题1．(宝鸡质检)如图19所示，质量为M的木块A套在粗糙水平杆上，并用轻绳将木块A与质量为m图19的小球B相连．现用水平力F将小球B缓慢拉起，在此过程中木块A始终静止不动．假设杆对A的支持力为FN，杆对A的摩擦力为Ff，绳中张力为FT，则此过程中()A．F增大B．Ff不变C．FT减小D．FN减小解析：先以B为研究对象，小球受到重力、水平力F和轻绳的拉力FT，如图20甲所示，由平衡条件得：FT＝eq\f(mg,cosθ)，F＝mgtanθ，θ增大，FT增大，F增大．再以整体为研究对象，受力分析图如图20乙所示，根据平衡条件得：Ff＝F，则Ff逐渐增大．FN＝(M＋m)g，即FN保持不变，故选A项．图20答案：A(陕西质检)将两个质量均为m的小球a、b用细线相连后，再用细线悬挂于O点，如图21所示．用力F拉小球b，使两个小球都处于静止状态，且细线Oa与竖直方向的夹角保持θ＝30°，则F达到最小值时Oa线上的拉力为()图21A.eq\r(3)mgB．mgC.eq\f(\r(3),2)mgD.eq\f(1,2)mg图22解析：以两个小球组成的整体为研究对象，分析并作出整体的受力图，根据平衡条件得知：F与T的合力与总重力2mg总是大小相等、方向相反的，由力的合成图可知，当F与绳子Oa垂直时，F有最小值，即图中2位置，根据平衡条件得：F＝2mgsin30°＝mg，T＝2mgcos30°＝eq\r(3)mg，A正确．答案：A质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图23所示．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中()图23F逐渐变大，T逐渐变大B．F逐渐变大，T逐渐变小C．F逐渐变小，T逐渐变大D．F逐渐变小，T逐渐变小解析：解法1：解析法设绳OA段与竖直方向的夹角为θ，对O点进行受力分析，列平衡方程得F＝mgtanθ，T＝eq\f(mg,cosθ)，则随θ的逐渐增大，F逐渐增大，T逐渐增大，A正确．解法2：图解法图24由题意知，系统处于动态平衡状态，分析O点的受力情况如图24甲所示，其中T′＝G恒定不变，F方向不变，T大小方向均改变，在O点向左移动的过程中，θ角逐渐变大，由动态矢量三角形(图24乙)可知F、T均逐渐变大，故A项正确．答案：A4．(多选)如图25所示，质量均为m的小球A、B用劲度系数为k1的轻弹簧相连，B球用长为L的细绳悬于O点，A球固定在O点正下方L处，当小球B平衡时，绳子所受的拉力为FT1，弹簧的弹力为F1；现把A、B间的弹簧换成原长相同但劲度系数为k2(k2>k1)的另一轻弹簧，在其他条件不变的情况下仍使系统平衡，此时绳子所受的拉力为FT2，弹簧的弹力为F2.下列关于FT1与FT2、F1与F2大小之间的关系，正确的是()图25A．FT1>FT2B．FT1＝FT2C．F1<F2D．F1＝F2解析：以小球B为研究对象，进行受力分析．由平衡条件可知，弹簧的弹力F和绳子的拉力FT的合力F合与重力mg大小相等，方向相反，即F合＝mg，如图26所示，由三角形相似得(力的三角形和几何三角形相似)：eq\f(mg,AO)＝eq\f(F,AB)＝eq\f(FT,OB)，又OA＝OB＝L，得FT＝mg，F＝eq\f(x,L)mg，故绳子的拉力FT只与小球B的重力有关，与弹簧的劲度系数无关，所以FT1＝FT2.当弹簧的劲度系数变大时，弹簧的压缩量减小，故长度x增加，F2>F1，A、D错误，B、C正确．图26答案：BC5．(多选)如图27所示，带有光滑竖直杆的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球与套在竖直杆上的小滑块用轻绳连接，开始时轻绳与斜劈平行．现给小滑块施加一竖直向上的拉力，使小滑块沿杆缓慢上升，整个过程中小球始终未脱离斜劈，则有()图27A．轻绳对小球的拉力逐渐增大B．小球对斜劈的压力先减小后增大C．竖直杆对小滑块的弹力先增大后减小D．对小滑块施加的竖直向上的拉力逐渐增大解析：设斜面倾角为θ，斜面对小球的支持力为FN1，绳对小球的拉力为FT，小球的重力大小为G1，小滑块的重力大小为G2，竖直杆对小滑块的弹力大小为FN2.由于小滑块沿杆缓慢上升，所以小球沿斜面缓慢向上运动，小球处于动态平衡状态，受到的合力为零，作小球受力矢量三角形如图28甲所示，绳对小球的拉力FT逐渐增大，所以A正确；斜面对小球的弹力FN1逐渐减小，故小球对斜面的压力逐渐减小，B错误；将小球和小滑块看成一个整体，对其进行受力分析如图28乙所示，则由力的平衡条件可得：FN2＝FN1sinθ，F＝G1＋G2－FN1cosθ，因FN1逐渐减小，所以FN2逐渐减小，F逐渐增大，故C错误，D正确．图28答案：AD6．有甲、乙两根完全相同的轻绳，甲