高考物理总复习 第14课 功和功率练习-人教版高三全册物理试题.doc

第14课功和功率功的理解和计算a．根据力与速度的夹角判断做功与否以及做功的正负(1)(2018改编，6分)如图所示，一光滑大圆环固定在桌面上，环面位于竖直平面内，在大圆环上套着一个小环。小环由大圆环的最高点从静止开始下滑，在小环下滑的过程中，大圆环对它的作用力()A．一直不做功B．一直做正功C．一直做负功D．先做正功后做负功答案：A解析：对小环进行受力分析，大圆环是光滑的，则小环和大环之间没有摩擦力，大环对小环的弹力总是垂直于小环的速度方向，弹力与速度的夹角为90°，所以大环对小环没有做功，故A项正确，B项、C项、D项均错误。b．利用W＝Flcosα计算恒力做功(2)(2018改编，10分)某车站使用的水平传输装置示意图如图所示，皮带在电动机的带动下保持v＝2m/s的恒定速度向右运动，现将一质量为m＝10kg的行李轻放在皮带上，行李和皮带间的动摩擦因数μ＝0.2。设皮带足够长，取g＝10m/s2，在行李与皮带发生相对滑动的过程中，求行李与皮带间的摩擦力对皮带做的功W。答案：－40J(10分)解析：设行李放到皮带上与皮带发生相对滑动过程中受到向右的滑动摩擦力大小为F，则F＝μmg①(2分)取向右为正方向，对行李有F＝ma，v＝at②(2分)行李与皮带发生相对滑动的过程中，设皮带相对地面的位移为s，则s＝vt③(2分)由牛顿第三定律可知，皮带受到的摩擦力方向向左，大小为F(1分)则摩擦力对皮带做的功W＝Fscos180°④(2分)①②③④联立并代入数据解得W＝－40J(1分)c．利用动能定理求解变力做功(3)(2015海南理综，3分)如图所示，一半径为R的半圆形轨道竖直固定放置，轨道两端等高，质量为m的质点自轨道端点P由静止开始滑下，滑到最低点Q时，对轨道的正压力为2mg，重力加速度大小为g。质点自P滑到Q的过程中，克服摩擦力所做的功为()A.eq\f(1,4)mgRB.eq\f(1,3)mgRC.eq\f(1,2)mgRD.eq\f(π,4)mgR答案：C解析：在Q点质点受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，两力的合力充当向心力，所以有FN－mg＝meq\f(v2,R)，FN＝2mg，联立解得v＝eq\r(gR)。下滑过程中，根据动能定理可得mgR－Wf＝eq\f(1,2)mv2，解得Wf＝eq\f(1,2)mgR，所以克服摩擦力做功为eq\f(1,2)mgR，故C项正确。2．功率的理解和计算a.利用P＝eq\f(W,t)求解平均功率(4)(多选)(2015浙江理综，6分)我国科学家正在研制航母舰载机使用的电磁弹射器。舰载机总质量为3.0×104kg，设起飞过程中发动机的推力恒为1.0×105N，弹射器有效作用长度为100m，推力恒定，要求舰载机在水平弹射结束时速度大小达到80m/s。弹射过程中舰载机所受总推力为弹射器和发动机推力之和，假设所受阻力为总推力的20%，则()A．弹射器的推力大小为1.1×106NB．弹射器对舰载机所做的功为1.1×108JC．弹射器对舰载机做功的平均功率为8.8×107WD．舰载机在弹射过程中的加速度大小为32m/s2答案：ABD解析：由题可知，舰载机弹射过程的加速度a＝eq\f(v2,2x)＝eq\f(802,2×100)m/s2＝32m/s2，故D项正确。根据牛顿第二定律得0.8(F发＋F弹)＝ma，得弹射器的推力大小F弹＝1．1×106N，故A项正确。弹射器对舰载机做的功W＝F弹x＝1.1×106×100J＝1.1×108J，故B项正确。弹射过程的时间t＝eq\f(v,a)＝eq\f(80,32)s＝2.5s，弹射器做功的平均功率P＝eq\f(W,t)＝4.4×107W，故C项错误。b．利用P＝Fv求解瞬时功率(5)(多选)(2018改编，6分)一质量为1kg的质点静止于光滑水平面上，从t＝0时起，第1秒内受到2N的水平外力作用，第2秒内受到同方向的1N的外力作用。下列判断正确的是()A．第2秒内的位移为eq\f(5,2)mB．第2秒内外力所做的功是eq\f(5,4)JC．第2秒末外力的瞬时功率最大D．第1秒内与第2秒内质点动能增加量的比值为eq\f(4,5)答案：AD解析：由题意可知，质点所受的水平外力即为合力，由牛顿第二定律可得，质点在第1秒内的加速度a1＝eq\f(F1,m)＝2m/seq\o\al(2,)，第1秒末的速度v1＝a1t＝2m/s，第1秒内的位移x1＝eq\f(1,2)a1t2＝1m，质点在第2秒内的加速度a2＝eq\f(F2,m)＝1m/seq\o\al(2,)，第2秒末的速度v2＝v1＋a2t＝3m/s，第2秒内的位移x2＝v1t＋