【高考复习指导】2014年高考物理二轮复习 专题滚动检测(五)电路和电磁感应（含2013试题，含详解）.doc

专题滚动检测(五)(满分：100分时间：60分钟)一、选择题(本大题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)1．(2013·启东中学质检)如图1所示电路中的电源为恒流电源，不管外电路的电阻如何变，它都能够提供持续的定值电流．当滑动变阻器的滑动触头向上滑动时，电压表的读数变化量与电流表的读数变化量之比的绝对值是()图1A．R1B．R2C．R3D．不能确定【解析】由于电源为恒流电源，R2两端电压不变．当滑动变阻器的滑动触头向上滑动时，电压表的读数变化量等于R1两端电压变化量，电流表的读数变化量等于R1电流变化量，根据欧姆定律，电压表的读数变化量与电流表的读数变化量之比的绝对值是R1，选项A正确．【答案】A2．如图2所示，理想变压器初级线圈的匝数为n1，次级线圈的匝数为n2，初级线圈的两端a、b接正弦交流电源，电压表V的示数为220V，负载电阻R＝44Ω，电流表A1的示数为0.20A．下列判断中正确的是()图2A．初级线圈和次级线圈的匝数比为2∶1B．初级线圈和次级线圈的匝数比为5∶1C．电流表A2的示数为0.1AD．电流表A2的示数为0.4A【解析】由题意可求得初级线圈的功率，利用理想变压器初、次级线圈中的功率相等可求得次级线圈中的电流，再利用初、次级线圈中的电流之比可求得两线圈的匝数比．由电压表V的示数和电流表A1的示数可得初级线圈中的功率P1＝U1I1，P1＝P2＝Ieq\o\al(2,2)R，所以电流表A2的示数为I2＝eq\r(\f(U1I1,R))＝eq\r(\f(220×0.2,44))A＝1.0A，C、D错误；初级线圈和次级线圈的匝数比eq\f(n1,n2)＝eq\f(I2,I1)＝eq\f(5,1)，A错误，B正确．【答案】B3.如图3所示，在坐标系xOy中，有边长为l的正方形金属线框abcd，其一条对角线ac和y轴重合、顶点a位于坐标原点O处．在y轴的右侧的Ⅰ象限内有一垂直纸面向里的匀强磁场，磁场的上边界与线框的ab边刚好完全重合，下边界与x轴重合，右边界与y轴平行．t＝0时刻，线圈以恒定的速度v沿垂直于磁场上边界的方向穿过磁场区域．取沿a→b→c→d→a的感应电流方向为正，则在线圈穿越磁场区域的过程中，感应电流i、ab间的电势差Uab随时间t变化的图线是下图中的()图3【解析】线圈穿过磁场区域的过程可分为三段，当ab进入磁场时，线圈中电流为正方向，且逐渐减小，ab间的电势差为除ab外其他三边上的电压，ab出磁场，cd还未进入磁场，线圈中电流和ab间电势差都为零．cd边进入磁场穿过磁场的过程中，线圈中的电流为负方向，且逐渐减小，ab间的电势差等于ab一条边上的电压，故只有A正确．【答案】A4．(2013·广东省广州市一模)如图4所示，虚线表示a、b两个相同圆形金属线圈的直径，圆内的磁场方向如图所示，磁感应强度大小随时间的变化关系B＝kt(k为常量)．当a中的感应电流为I时，b中的感应电流为()图4A．0B．0.5IC．ID．2I【解析】磁感应强度大小随时间变化，b中磁通量始终为零，b中的感应电流为0，选项A正确．【答案】A5.(2012·合肥模拟)如图5所示，足够长的光滑U型导轨宽度为L，其所在平面与水平面的夹角为α，上端连接一个阻值为R的电阻，置于磁感应强度大小为B，方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中，今有一质量为m、有效电阻为r的金属杆沿框架由静止下滑，设磁场区域无限大，当金属杆下滑达到最大速度时，运动的位移为x，则()图5A．金属杆下滑的最大速度vm＝eq\f(mgRsinα,B2l2)B．在此过程中电阻R产生的焦耳热为eq\f(R,R＋r)(mgxsinα－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,m))C．在此过程中电阻R产生的焦耳热为mgxsinα－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,m)D．在此过程中流过电阻R的电荷量为eq\f(BLx,R)【解析】感应电动势为E＝BLv感应电流为I＝eq\f(E,R＋r)安培力为F＝BIL＝eq\f(B2L2v,R＋r)根据平恒条件得mgsinα－F＝0解得vm＝eq\f(mgr＋Rsinα,B2l2)由能量守恒定律得mgxsinα－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,m)＝Q又因QR＝eq\f(R,R＋r)Q所以QR＝eq\f(R,R＋r)(mgxsinα－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,m))由法拉第电磁感应定律得通过R的电荷量为q＝eq\