2020届高考化学课标版二轮习题：仿真冲刺练（二） WORD版含解析.docx

仿真冲刺练(二)时间:50分钟分值:100分可能用到的相对原子质量:H—1Li—7N—14O—16Cl—35.5Fe—56第一部分一、选择题(本题共7小题,每小题6分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。)7.化学与生活紧密联系在一起,下列说法不正确的是()A.工业制粗硅、电镀、钢铁的锈蚀、制玻璃均发生氧化还原反应B.医院里的血液透析利用了胶体的性质C.“天宫一号”中使用的碳纤维,是一种新型无机非金属材料D.天然气、瓦斯等气体及面粉、煤粉等固体粉尘都容易发生爆炸答案A工业制粗硅、电镀、钢铁的锈蚀的过程中均涉及元素化合价的变化,都发生了氧化还原反应;制玻璃涉及的化学方程式为:Na2CO3+SiO2Na2SiO3+CO2↑,CaCO3+SiO2CaSiO3+CO2↑,此过程中没有元素化合价的变化,即没有发生氧化还原反应。8.设NA代表阿伏加德罗常数的值,下列有关叙述正确的是()A.标准状况下,铁在22.4L氯气中完全燃烧时转移电子数为3NAB.1L0.1mol·L-1的NaHCO3溶液中HCO3-和CO32-数目之和为0.1NAC.常温常压下,NO2与N2O4的混合气体46g,所含氧原子数为2NAD.含有NA个Fe(OH)3胶粒的氢氧化铁胶体中,铁元素的质量为56g答案CA项,标准状况下,22.4LCl2为1mol,与铁完全反应时,1molCl2变为2molCl-,转移电子数为2NA;B项,根据物料守恒,1L0.1mol·L-1的NaHCO3溶液中,有c(H2CO3)+c(HCO3-)+c(CO32-)=0.1mol·L-1,则n(H2CO3)+n(HCO3-)+n(CO32-)=0.1mol,即HCO3-和CO32-数目之和小于0.1NA;C项,NO2与N2O4的混合气体的最简式均为NO2,M(NO2)=46g·mol-1,则n(NO2)=46g46g·mol-1=1mol,n(O)=2n(NO2)=2mol;D项,氢氧化铁胶粒为若干个Fe(OH)3的聚集体,由于各胶粒的聚合度不同,无法计算NA个胶粒中Fe(OH)3的物质的量。9.由下列实验及现象推出的相应结论正确的是()实验现象结论A向某溶液中加入NaOH稀溶液,管口放置湿润的红色石蕊试纸试纸不变色原溶液中一定没有NH4+B向某溶液中滴加K3[Fe(CN)6]溶液产生蓝色沉淀该溶液中含有Fe2+C将乙醇和浓硫酸混合加热,将产生的气体通入酸性高锰酸钾溶液中溶液褪为无色产生的气体中含有乙烯D向4mL0.1mol/LNa2S溶液中滴入几滴0.1mol/LZnCl2溶液,再加入CuSO4溶液先产生白色沉淀,后产生黑色沉淀Ksp(CuS)<Ksp(ZnS)答案BA项,检验铵根离子,除了需要加入NaOH溶液之外,还需要加热才行;B项,检验Fe2+,可向溶液中滴加K3[Fe(CN)6]溶液,若有蓝色沉淀生成,则说明溶液中有Fe2+;C项,乙醇和浓硫酸反应制备乙烯时,往往会有副反应发生产生SO2,SO2也能使酸性高锰酸钾溶液褪色,所以要先除去SO2才行,否则无法说明产生的气体含有乙烯;D项,向4mL0.1mol/L的Na2S溶液中滴入几滴同浓度的ZnCl2溶液,再加入CuSO4溶液,并未说明ZnCl2溶液具体的量,实验中,先产生白色沉淀,再产生黑色沉淀,不能说明沉淀之间发生了转化,该实验不能说明Ksp(CuS)<Ksp(ZnS)。10.短周期主族元素W、X、Y、Z的原子序数依次增大,W的简单氢化物可与其最高价氧化物对应的水化物反应生成盐,Y的原子半径是所有短周期主族元素中最大的。由X、Y和Z三种元素形成的某一种盐加入稀盐酸后,有黄色沉淀析出,同时有刺激性气味气体产生。下列说法正确的是()A.W、X、Y、Z的简单离子的半径依次增大B.简单氢化物的热稳定性:X<WC.ZX2可以在空气中燃烧,生成ZX3D.W所形成的一种氢化物可用作火箭燃料答案DW的简单氢化物可与其最高价氧化物对应的水化物反应生成盐,则该盐为NH4NO3,即W为N元素。Y的原子半径是所有短周期主族元素中最大的,则Y为Na。中学阶段所学的淡黄色沉淀有AgBr和S,则该淡黄色沉淀为S(Ag、Br都不是短周期元素),即X、Y和Z三种元素形成的盐中含有Na、S元素,则可以推断出该盐还含有O元素,所以X为O元素,Z为S元素;根据反应现象,可以推断出该盐为Na2S2O3,对应的化学方程式为2HCl+Na2S2O32NaCl+S↓+SO2↑+H2O。A项,W、X、Y、Z的简单离子的半径大小顺序为:Z>W>X>Y;B项,W、X的简单氢化物分别为NH3、H2O,非金属性O比N强,所以热稳定性H2O比NH3强,即简单氢化物的热稳定性:X>W;C项,ZX2为SO2,ZX3为SO3,SO2不能在空气中燃烧生成SO3,SO2转化为SO3需要