精品电路及其应用第十一章 电路及其应用精选试卷测试卷附答案_图文精品.pdf

高中物理第十一章电路及其应用第十一章电路及其应用精选试卷测试卷附答案一、第十一章电路及其应用选择题易错题培优（难）1．用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A、A，12若把A、A分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后，下列有关12电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是A．图甲中的A、A的示数相同12B．图甲中的A、A的指针偏角相同12C．图乙中的A、A的示数和偏角都不同12D．图乙中的A、A的指针偏角相同12【答案】B【解析】【详解】图甲中的、并联，表头的电压相等，电流相等，指针偏转的角度相同，量程不同AB.A1A2的电流表读数不同，故A错误，B正确；图乙中的、串联，、的示数相同，由于量程不同，内阻不同，电表两端的电CD.A1A2A1A2压不同，流过表头的电流不同，指针偏转的角度不同，故CD错误。2．如图甲所示的电路中,a、b、c是三个完全相同的灯泡,已知灯泡的伏安特性曲线如图乙所示,已知该伏安特性曲线过点(0.4V,0.125A),闭合电键后流过电源的电流为0.25A．则下列说法正确的是（）A．灯泡a两端电压为灯泡b两端电压的2倍B．灯泡a的功率为0.75WC．灯泡b的阻值为12D．灯泡a、b的电功率之比为4:1【答案】B【解析】AB、由伏安特性曲线可知三个灯泡不是定值电阻，其阻值也不是线性变化的，当电路中的总电流为0.25A时，通过灯泡b、c的电流均为0.125A，由图像可知，灯泡a两端的电压为3.0V，灯泡b两端的电压是0.4V，灯泡a的功率为PUI30.250.75W故A错；B对U0.4C、灯泡b的阻值为R3.2,故C错；I0.125D、灯泡a的功率为PUI30.250.75W，灯泡b的功率为aPUI0.40.1250.05W，所以灯泡a、b的电功率之比为15:1，故D错；b故选B3．有一条横截面积为S的铜导线，通过的电流为I．已知铜的密度为ρ，摩尔质量为M，阿伏伽德罗常数为，电子的电量为．若认为导线中每个铜原子贡献一个自由电子，则NAe铜导线中自由电子定向移动的速率可表示为（）IMIIMSIM．．．．ASNBMSNCNDSNAAAA【答案】A【解析】【分析】【详解】设铜导线中自由电子定向移动的速率为v，导线中自由电子从一端定向移到另一端所用时间为，则导线的长度为:lvt体积为VSlSvt质量为mvtS这段导线中自由电子的数目为mvtSnNNMAMA在t时间内这些电子都能通过下一截面，则电流:qneItt代入解得，vSNeIAM解得电子定向移动的速率：MvSNeA故A正确，BCD错误．4．如图所示，P为一块均匀的半圆形薄电阻合金片，先将它按图甲方式接在电极A、B之间，测出电阻为R，然后再将它按图乙方式接在C、D之间，这时P的电阻为（）RRA．RB．C．D．4R24【答案】D【解析】【详解】将半圆形合金片从中间（图中虚线所示）割开，分成完全相同的两块，设每块电阻力，R0则图中甲连接方式相当于两个电阻并联，图乙连接相当于两个电阻串联。则RR0R，R2R＝4RAB2CD0选项D正确，ABC错误。故选D。5．1916年，斯泰瓦和托尔曼发现，不带电闭合金属圆线圈绕通过圆心且垂直于线圈平面的轴转动，在转速变化时，线圈中会有电流通过。这一现象可解释为：当线圈转速变化时，由于惯性，自由电子与线圈有相对动。运取金属线圈为参照物，正离子晶格相对静止，由于惯性影响，可等效为自由电子受到一个沿线圈切线方向的力，但正离子晶格“”F1对自由电子的作用力不允许自由电子无限制地增大速度，和会达到平衡，其效果F2F1F2是自由电子相对金属线圈有定向运动。已知与线圈角速度的变化率成正比，与自由F1αF2电子相对正离子晶格的速度成正比。下列说法正确的是（）A．若线圈加速转动，α越大，电流越大，且方向与线圈转动方向相同B．若线圈加速转动，α越大，电流越小，且方向与线圈转动方向相反C．若线圈减速转动，α越大，电流越大，且方向与线圈转动方向相同D．若线圈减速转动，α越大，电流越小，且方向与线圈转动方向相反【答案】A【解析】【分析】考查电流的形成。【详解】AB．若线圈加速转动，由于惯性，自由电子相对正离子晶格向与线圈转动方向相反的方向转动，电流方向与电子相对动方运向相反，即与线圈转动方向相同，与线圈角速度的变F1化率成正比，越大，越大，和会达到平衡，越大，越大，与自由电子相ααF1F1F2F1F2F2对正离子晶格的速度成正比，越大，相对正离子晶格的速度越大，电流越大，正确，F2AB错误；CD．若线圈减速转动，由于惯性，自由电子相对正离子晶格向与线圈转动方向相同的方向转动，电流方向与电子相对运动方向相反，即与线圈转动方向相反，与线圈