高考物理总复习 作业34 闭合电路欧姆定律及其应用（含解析）-人教版高三全册物理试题.doc

作业34闭合电路欧姆定律及其应用
一、选择题
1．关于电动势E，下列说法中正确的是()
A．电动势E的单位与电势、电势差的单位都是伏特，故三者本质上一样
B．电动势E的大小，与非静电力做的功W的大小成正比，与移动电荷量q的大小成反比
C．电动势E跟电源的体积无关，外电路变化时，E也变化
D．电动势E是表示电源把其他形式的能转化为电能的本领大小的物理量
解析：电势是电荷在电场中某一点的电势能与它的电荷量的比值，而电势差是电场中两点电势的差值，电源是通过非静电力做功把其他形式的能转化为电势能的装置，电动势反映了电源中非静电力做功本领的大小，是电源的属性之一，A、B、C错误，D正确．
答案：D
2．(2019年湖北七市联考)有一个电动势为3V、内阻为1Ω的电源．下列电阻与其连接后，使电阻的功率大于2W，且使该电源的效率大于50%的是()
A．0.5ΩB．1Ω
C．1.5Ω D．2Ω
解析：由闭合电路欧姆定律得I＝eq\f(E,R＋r)，电源效率η＝eq\f(I2R,I2（R＋r）)×100%>50%，P＝I2R>2W．即eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(E,R＋r)))eq\s\up12(2)R>2W，得eq\f(1,2)Ω<R<2Ω，要使电源的效率大于50%应使R>r＝1Ω，故C正确．
答案：C

图34－1
3．(2019年天津河东区一模)如图34－1所示的电路中，当滑动变阻器R2的滑动触头P向下滑动时()
A．电压表的读数减小
B．R1消耗的功率增大
C．电源的输出功率增大
D．电容器C所带电荷量增多
解析：滑动触头向下滑动时，R2增大，总电阻增大，总电流减小，内电压减小，外电压增大，A错误；R1消耗的功率减小，B错误；电源输出功率P＝UI，由于I减小，U增大，所以输出功率无法判断，C错误；电容器和R2并联，电压增大，带电量增大，D正确．
答案：D
4．(2019年河北衡水中学一模)如图34－2所示电路中，电源内阻不能忽略．闭合开关S后，调节R的阻值，使电压表示数增大ΔU，在此过程中有()

图34－2
A．R2两端电压减小ΔU
B．通过R1的电流增大eq\f(ΔU,R1)
C．通过R2的电流减小量大于eq\f(ΔU,R2)
D．路端电压增大量为ΔU
解析：由闭合电路欧姆定律知电阻R2和电源内阻的电压总共减小ΔU，选项A错误；由欧姆定律知：R1＝eq\f(U1,I1)＝eq\f(ΔU,ΔI1)，选项B正确；通过R2的电流减小量小于eq\f(ΔU,R2)，选项C错误；路端电压的增大量小于ΔU，选项D错误．
答案：B

图34－3
5．(2019年天津六校联考)如图34－3所示，电源电动势E＝3V，小灯泡L标有“2V
0．4W”，开关S接1，当变阻器调到R＝4Ω时，小灯泡L正常发光；现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作．则()
A．电动机的内阻为4Ω
B．电动机正常工作电压为1V
C．电源内阻为1Ω
D．电源总功率0.4W
解析：当小灯泡正常发光时，根据功率公式P＝UI可得小灯泡的电流为I＝eq\f(P,U)＝eq\f(0.4,2)A＝0.2A，由已知条件可知电动机的功率等于电阻R的功率，则由欧姆定律可得电动机上的电压为UM＝IR＝0.8V，B错误；因电动机的输出功率未知，所以不能求出电动机的内阻，A错误；由闭合电路欧姆定律可得电源内阻上的电压为U内＝E－UM－U＝0.2V，由欧姆定律可得电源内阻为r＝eq\f(U内,I)＝eq\f(0.2,0.2)Ω＝1Ω，C正确；根据功率公式可得电源的总功率P＝EI＝3V×0.2A＝0.6W，D错误．
答案：C

图34－4
6．(2019年陕西宝鸡月考)如图34－4所示直线A为某电源的U－I图线，曲线B为某小灯泡L1的U－I图线的一部分，用该电源和小灯泡L1串联起来组成闭合回路时灯泡L1恰能正常发光，则下列说法中正确的是()
A．此电源的内电阻为eq\f(2,3)Ω
B．灯泡L1的额定电压为3V，额定功率为6W
C．把灯泡L1换成阻值恒为1Ω的纯电阻，电源的输出功率将变小
D．由于小灯泡L1的U－I图线是一条曲线，所以灯泡发光过程中欧姆定律不适用
解析：由图象知，电源的内阻为r＝eq\f(ΔU,ΔI)＝eq\f(4－1,6)Ω＝0.5Ω，A错误；因为灯L1正常发光，故灯L1的额定电压为3V，额定功率为P＝UI＝3×2W＝6W，B正确；正常工作时，灯L1的电阻为R1＝eq\f(U,I)＝1.5Ω，换成R2＝1Ω的纯电阻后，该电阻更接近电源内阻r，故电源的输出功率将变大，C错误；虽然灯泡L1的U－I图线是一条曲线，但由于小灯泡为纯电阻，欧姆定律