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《《电力系统继电保护原理电力系统继电保护原理》》习题习题
课－2

n实验

n补充习题

n距离保护习题

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u实验老师：余老师

u手机：[phone]

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1、确定下图所示网络中电流保护7的最大、最小运行方式。

Xmax

Xmin

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2、为什么电流速断保护在整定计算时不考虑返回系数和自起动系数？

3、如下图所示的网络中，拟在断路器QF1～QF4上装设过电流保护和零序过
电流保护，取D=ts0.5，试确定保护1-4的过电流保护和零序电流保护的
动作时限。

ts5=1.0

ts6=3.0ts7=3.5ts8=2.5ts9=2.0ts10=1.5
ts=2.0ts=0.5
0607ts08=1.0ts09=0.5

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4、网络如图1所示，线路AB(A侧)和BC装有三段式电流保护1和2。
已知，电流互感器的变比为200/5，IIIIII
KKKrel=1.25，，rel==1.15rel1.2，
E=115/3kV，G1电源的
KKre=0.85，＝ss1.8，IA-BL..max=120A。j
XX=15W，=W20；
XXss1.min=10W，1.max=W15；G2电源的ss2.min2.max
其它参数如图。试对线路AB（A侧）保护1进行三段式电流保护的
整定计算（不考虑A、B电源间的振荡）。

III
t3=1.0s

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解：1、保护1电流速断保护的整定计算

（1）动作电流
AB线路是双电源的线路，因此保护1瞬时速断的动作电流必须大于其
流过的可能最大短路电流。

1）A电源在最大运行方式下,B母线三相短路时的最大短路电流为：
115´103
I==1327.94A
kB..max3´+(1040)

2）B电源在最大运行方式下，A母线三相短路时的最大短路电流为：

115´103
I==1207.2A
kA..max3´+(1540)

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不考虑A、B电源间的振荡，所以：

II
Iset.1=KIrelk.B.max=1.25´=1327.91659.87A

二次值（星形接线）：

I1659.87A1659.8A7
Iop.1==»41.5A
nTA40
（2）灵敏度校验

Ej3I
´=IXsetL.1Þ.min=W19.64
(XXsL1.max+.min)2
X19.64
最小保护范围：L.min==49.1%>15%
XAB40
满足要求

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（3）动作时间
I
t1=0s
2、保护1限时电流速断保护的整定计算

（1）动作电流
KIIII
III=relset.2
set.1k
Ib
n求
Iset.2
115´103
I==1868.24A
kC..max3´[(10++40)//1524]

II
Iset.2=KIrelk.C.max=1.25´=1868.242335.3A

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求
nkb

XAB

Xs1.min
I&ABI&BC

Xs2.min

Xs1.min+40
kb=1+=4.33
Xs2.min